2018北京昌平区初三（二模）
物 理 2018.5
考
生
须
知 1．本试卷共10页，五道大题，40道小题，满分90分。考试时间90分钟。
2．答题前，考生务必将自己的学校名称、姓名、考试编号在答题卡上填写清楚。
3．请认真核准条形码上的姓名、考试编号，粘贴在指定位置。
4．请不要在试卷上作答。答题卡中的选择题、作图题请用2B铅笔作答，其他试题用黑色字迹签字笔作答。
5．修改答题卡选择题答案时，请用橡皮擦干净后重新填涂。请保持答题卡清洁，不要折叠、弄破。
6. 请按照答题卡题号顺序在各题目的答题区域内作答，未在对应的答题区域作答或超出答题区域的作答均不给分。
7．考试结束后，请交回答题卡和试卷。 一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共30分，每小题2分）
1．在下列单位中，电功率的国际单位是
A．瓦特（W） B．伏特（V） C．帕斯卡（Pa） D．焦耳（J）
2．通常情况下，下面的物体属于导体的是
A．物理书 B．塑料刻度尺 C．橡皮 D．铅笔芯
3．图1所示的四种现象中，由于光的反射形成的是
4.下列物态变化的实例中，属于凝华的是
A.春天，清晨河面上淡淡的白雾 B.深秋，草叶上形成霜
C.夏天，自来水管外壁“出汗” D.冬天，河水表面结冰
5.图2所示的用电器中，利用电流热效应工作的是
6.图3所示的实例中，目的是为了增大摩擦的是
7.下列措施中，能使蒸发加快的是
A．把蔬菜用保鲜膜包好放入冰箱
B．给盛有酒精的瓶子盖上瓶盖
C．给播种后的农田覆盖地膜
D．用吹风机吹刚洗过的头发
8. 图4所示的实例中，目的为了增大压强的是
9.下列选项中，符合安全用电要求的是
A. 用湿手拔插头
B. 把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
C. 在高压线下放风筝
D. 发现有人触电时，要及时切断电源
10. 关于声现象，下列说法中正确的是
A．声音可以在真空中传播
B．只要物体振动人耳就能听到声音
C．在公路两侧设置隔音墙是为了减小噪声对居民区的影响
D．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同
11．下列实例中，通过做功来改变物体内能的是
A. 反复弯折铁丝，铁丝温度升高
B. 金属勺放在热水中，金属勺的温度升高
C. 太阳暴晒，地面温度升高
D. 冰块放入茶杯中，茶杯的温度降低
12．如图5所示，小红在做探究凸透镜成像规律的实验时，将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，移动光屏至82cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像。下列分析正确的是
A．此时在光屏上成放大的虚像
B．该透镜的焦距可能为15cm
C．将蜡烛远离凸透镜时，烛焰在光屏上所成的清晰的像将变大
D．图中的实验现象能够说明幻灯机的成像特点
13. 将重为3N的物体A挂于弹簧测力计下，弹簧测力计与物体A一起竖直向上做匀速直线运动。则下列判断正确的是
A．弹簧测力计的示数大于3N
B．物体A的重力势能增加
C．物体A的动能增加
D．弹簧测力计对物体A的拉力不做功
14. 如图6所示的电路，电源两端的电压保持不变，闭合开关S，电压表示数为U，电流表示数为I。保持滑动变阻器的滑片P位置不变，调节电阻箱使电阻箱的阻值R变大。则下列说法中正确的是
A．总电阻不变
B．电流表示数变大
C．电压表示数变大
D．电路的总功率变大
15. 15. 在水平桌面上放置甲、乙两个完全相同的圆柱形容器，容器中分别盛有A、B两种的液体，液体的密度分别为ρA 和ρB。将质量和体积均相同的两个物体M、N分别放到A、B两种液体中，静止时如图7所示，容器中的液面高度相同，M、N两物体所受的浮力分别为FM和FN，A、B两种液体对容器底部的压强分别为pA和pB，甲、乙两容器对桌面的压力分别为F甲和F乙。则下列结论中正确的是
A．ρA>ρB
B．FM < FN
C．F甲
D．pA > pB
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共14分，每小题2分。每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16.图8展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是
A.孔明灯在上升过程中只受重力
B.古代提水工具桔槔利用了杠杆原理
C.指南鱼能够指南北是利用了磁体受地磁场的作用
D.皮影表演时，生动的画面呈现在屏幕上是光的折射现象
17. 如图9所示，关于光的反射，下列说法中正确的是
A．反射光线和入射光线分别位于法线两侧
B．反射光线、入射光线与法线在同一平面内
C．当入射光线靠近法线时，反射光线远离法线
D．在光的反射现象中，光路是可逆的
18.科技小组为了比较水和煤油比热容的大小，设计了如图10所示的实验。他们用完全相同的两个烧杯分别装上水和煤油，用两个相同的酒精灯加热。实验过程中，水和煤油的温度随时间变化的图像如图11所示，下列判断正确的是
A．实验中应控制水和煤油的质量相同
B．由图像可知煤油的比热容大于水的比热容
C．加热相同时间，是为了使水和煤油吸收的热量相同
D．升高相同的温度，煤油所需的加热时间更长
19．小红同学将小电风扇、二极管、电源、开关连接成图12所示的电路，图13为对应的电路图。闭合开关，二极管发光，小电风扇转动；断开开关，向小电风扇吹气，风扇转动，二极管发光，下列说法中正确的是
A.闭合开关，二极管和小电风扇的连接方式为串联
B.闭合开关，小电风扇正常工作时，机械能转化成了电能
C.闭合开关，二极管发光，小电风扇转动，此时二极管和小电风扇均为用电器
D.断开开关，向小电风扇吹气，风扇转动，二极管发光，此时小电风扇相当于发电机
20. 在物理学习中，我们经常对观察到的现象进行思考，并推测出物理现象所反映的物理事实。下列根据现象所做出的推测符合事实的是
A．扩散现象 推测 分子是运动的
B．电路中的灯泡发光 推测 电路中有电流
C．小磁针放在磁体周围发生偏转 推测 磁体周围有磁场
D．街边的路灯同时亮、灭 推测 路灯是串联的
21. 如图14所示，将物体A放在水平地面上，对其施加一个竖直向上的拉力F，物体A对水平地面的压力为N1（N1≠0），水平地面对物体A的支持力为N2。物体A受到的重力为G，所受的合力为F合。若F逐渐增大，物体A始终处于静止状态，则下列判断正确的是
A．重力G减小 B．压力N1减小
C．支持力N2减小 D．合力F合减小
22.小林设计了如图15所示的四组实验，测量物体在水中所受的浮力F，物体密度大于水的密度，图中各实验器材均符合实验要求，则能够测出浮力F的是
三、实验解答题（共37分，23、24、25、31、32、33题各2分，27、29、30、34题各3分，26、28题各4分，35题5分）
23.如图16所示，电能表的示数为((((((((kW·h。
24.如图17所示，请根据通电螺线管中的电流方向，判断通电螺线管的左端是 极。
25.如图18所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力。图中线段AB与力F的作用线在一条直线上，且OA⊥AB、AC⊥OB。线段 表示力F的力臂。（选填“OA”或“AC”）
26.为了测量某种液体的密度，小亮取适量这种液体的样品进行了如下实验:
（1）将天平、量筒放在 台面上。把盛有适量液体的烧杯放在调节好的天平左盘内，改变右盘中砝码的个数和游码的位置，使天平横梁在水平位置重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图19甲所示，则烧杯及杯内液体的总质量为 g；
（2）将烧杯中的一部分液体倒入量筒中，如图19乙所示，则量筒中液体的体积为 cm3；再用天平测出烧杯和剩余液体的总质量为74g；
（3）根据上述实验数据计算此种液体的密度为 kg/m3。
27.在探究石蜡和海波的熔化规律时，小芳根据实验目的，进行了认真规范的实验，获得的实验数据如下表所示。
加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 石蜡的温度/ 40 41 42 44 46 47 48 49 51 52 54 56 海波的温度/℃ 40 42 44 46 48 48 48 48 48 48 50 53
（1）这两种物质属于晶体的是_________；
（2）海波熔化时的温度是___________℃；
（3）海波在熔化过程中_____________热量（选填“吸收”或“放出”）。
28．小军要测量小灯泡的额定功率。实验桌上备有如下器材：电压为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡L、滑动变阻器、已调零的电流表和电压表、开关，导线若干。他设计了如图20甲所示的电路进行实验。
（1）用笔画线代替导线，将图20甲的实物电路连接完整；
（2）实验中，电压表的示数如图20乙所示，若使灯泡正常发光，他应将滑动变阻器的滑片向 移动（选填“左”或“右”）；
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图20丙所示，由此可知，此时通过小灯泡L的电流为 A ，小灯泡L的额定功率为 W。
29.小明同学在做“探究杠杆平衡条件”的实验时，进行了如下操作：
（1）将杠杆悬挂在支点O上，如图21甲所示，这时发现杠杆左端高、右端低，则应该把杠杆的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”）；
（2）如图21乙所示，A点挂三个钩码，钩码对杠杆的拉力使杠杆 转动（选填“顺时针”或“逆时针”）。在B点施加一个 的力，可使杠杆在水平位置平衡（选填“竖直向上”或“竖直向下”）。
30. 小明在学习改变物体内能的方法时，做了如下实验。将广口瓶瓶口用木塞塞紧，再用打气筒向广口瓶中持续打气，可以观察到瓶塞被顶出，在瓶塞飞出的瞬间瓶内充满“白雾”， 如图22所示，这是由于瓶内空气对瓶塞做功，瓶内空气中的水蒸气内能减少，温度降低，发生了 现象；在“白雾”尚未消失时，迅速塞紧瓶塞，向瓶中慢慢打气，发现“白雾”迅速消失，请分析产生这种现象的原因 。
31．图23是小明设计的测量未知电阻Rx阻值（约为200Ω）的电路图。他从实验室选取了如下器材：电源（电压恒为3V）、滑动变阻器R（标有“200Ω 1.5A”的字样），电流表（量程为0～0.6A，分度值0.02A；量程为0～3A，分度值0.1A）和电压表（量程为0～3V，分度值0.1V；量程为0～15V，分度值0.5V）各一块、开关1个，导线若干。
（1）小明发现选用上述器材,利用伏安法并不能测出Rx 的阻值， 原因是电路中的电流 (选填“过大”或 “过小”) ；
（2）若想测出Rx阻值,可以更换一个符合实验要求的器材，你的方案是 。
32.学校组织学生参观中国科技馆，同学们在“探索与发现A厅”里面看到一个十分有趣的“物体上滚”的实验，如图24所示。实验时，将双圆锥体轻轻放在倾斜轨道的最低端，看到双圆锥体从静止向轨道高处滚去。小李同学对这个现象非常感兴趣，回家后他利用两个漏斗粘成双锥体，又准备了两根长木条代替轨道，用一根短木条将一端垫高，模拟“物体上滚”现象，他组装好器材后，发现双锥体只能滚动到轨道中央A位置，如图25所示，聪明的小李尝试改变两个轨道的夹角，成功的让双锥体滚到了轨道的最高处B位置，如图26所示，小李发现两次实验双锥体滚动的距离不同，请你根据这个现象提出一个可探究的科学问题________________________。
33. 小鹏利用滑轮组及相关器材进行实验，拉力F与重力G的实验数据如下表所示。请根据表中数据判断：当G =8N时，拉力F = N。
G/N 1 3 6 9 12 15 F/N 0.5 1.3 2.5 3.7 4.9 6.1
34.在学习压力的知识时，小亮发现当一个物体放在水平桌面上时，物体对桌面的压力大小等于物体所受重力的大小。于是，小亮认为受力物体受到的压力大小总等于施力物体所受重力的大小。实验桌上有如图27所示的台秤（台秤经过改装可直接显示托盘所受的压力大小）和大小不同的铁块，请利用上述器材，设计实验证明小亮的观点是错误的。
35.实验桌上有符合实验要求的如下器材：量筒、细线、水、实心圆柱体和弹簧测力计，请选用上述器材设计实验证明：若液体密度保持不变，则F浮=kV，其中F浮表示浮力大小，V表示排开液体体积。
要求：
（1）简述实验步骤；
（2）画出实验数据记录表格。
四、科普阅读题（共3分，36、37、38题各1分）
太阳能热塔式发电
如图28所示的太阳能热塔式发电系统模型，位于中国科技馆“挑战与未来”展厅A厅的能源世界展区，该展品模拟了太阳能热塔式发电系统的工作原理。太阳能热塔式发电系统由一个集热高塔和排列在其周围大量的“定日镜”组成，“定日镜”能够根据阳光的方向调整角度，将太阳光反射至塔尖的集热系统上，集热器通过收集太阳能，将塔内的传热介质加热为高温高压蒸汽，再由蒸汽推动汽轮机，汽轮机带动发电机发电。
太阳能热塔式发电技术在我国已经实现了实际应用。如图29所示，在八达岭长城脚下，一座白色太阳能吸热塔高耸在蓝天白云间，地面上100面定日镜组成了聚光岛，这就是我国建成的亚洲首个兆瓦级塔式太阳能热发电站。电站的“定日镜”场，占地80亩左右，由100组定日镜组成，每组定日镜使用的玻璃和双轴自动追日支架等核心部件均由我国企业生产。目前，该发电站已实现1.5兆瓦的汽轮发电机稳定发电运行。
36.“定日镜”属于 ；（选填“透镜”或“面镜”）
37.请你简述太阳能热塔式发电过程中有哪些能量转化？
38.你认为和传统的火力发电相比，太阳能热塔式发电有哪些优点？（写出一个方面即可）
五、计算题（共6分，每小题3分）
39. 如图30所示，电源两端的电压保持不变。电阻R1的阻值为20Ω，电阻R2的阻值为30Ω，当闭合开关 S 时，电流表的示数为 0.2A。
求：（1）电源两端的电压U；
（2）电路消耗的总功率P。
40. 图31是一辆汽车通过滑轮组匀速提升物体的示意图。在汽车对绳子施加的拉力F的作用下，重1200N的物体A以1m/s 的速度匀速上升了2m ，在这个过程中，拉力F做功的功率为1.5kW。不计绳重和轮与轴的摩擦。
求：（1）拉力F所做的有用功W有；
（2）滑轮组的机械效率η。
2018北京昌平区初三（二模）物理
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．【分析】电功率的国际单位是瓦特（W）；电压的国际单位是伏特（V）；压强的国际单位是帕斯卡（Pa）；功（能量）的国际单位是焦耳（J）。
【解答】解：A、瓦特（W）是电功率、功率的单位；故A正确；
B、伏特（V）是电压的国际单位；故B错误；
C、帕斯卡（Pa）是压强的国际单位；故C错误；
D、焦耳（J）是功、电功、能量的国际单位；故D错误；
故选：A。
【点评】物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆。
2．【分析】容易导电的物体称之为导体，常见的导体有：酸、碱、盐的溶液，金属，大地，人体等；
容易导电的物体称为绝缘体，常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；
根据导体和绝缘体的概念进行分析。
【解答】解：
A、物理书是由纸做成的，纸是绝缘体，不符合题意；
B、塑料刻度尺是绝缘体，不符合题意；
C、橡皮是绝缘体，不符合题意；
D、铅笔芯是由石墨做成的，石墨属于导体，符合题意。
故选：D。
【点评】知道常见的导体和绝缘体，会分辨出常见导体和绝缘体。
3．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；
B、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播形成的；故与题意不符；
C、平静水面上荷花的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。
D、从水中花茎上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是花茎的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符。
故选：C。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故A错误；
B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面；故B正确；
C、自来水管外壁“出汗”是空气中的水蒸气遇到温度较低的水管，在其表面液化为小水滴；故C错误；
D、河水表面结冰，是凝固现象；故D错误；
故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5．【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，结合用电器的能量转化可做出判断。
【解答】解：
笔记本电脑和手机主要将电能转化为光能和声能，电风扇主要是把电能转化为机械能，只有电饭锅是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故B正确。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，是一道基础题。
6．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：A、冰壶表面打磨的很光滑，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故A不合题意；
B、行驶的磁悬浮列车车身不接触导轨，通过使接触面脱离来减小摩擦力。故B不合题意；
C、汽车轮胎上刻有花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C符合题意；
D、給自行车的后轴上加油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故D不合题意。
故选：C。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
7．【分析】影响液体蒸发快慢的因素有三个：液体的温度；液体的表面积；液体表面上方空气的流动速度。从这三个方面来分析选择项中提到的措施，从而可以得到答案。
【解答】解：
A、把蔬菜用保鲜膜包好放入冰箱，控制了表面积和表面上方空气的流动，同时降低了温度，可减慢蒸发，不合题意；
B、给盛有酒精的瓶子盖上瓶盖，控制了液体的表面积和液体上方空气的流动，可使蒸发减慢，不合题意；
C、给播种后的农田覆盖地膜，控制了液体的表面积和液体上方空气的流动，可使蒸发减慢，不合题意；
D、用电吹风把头发吹干，提高了水的温度，加快了空气的流速，可使蒸发加快，符合题意。
故选：D。
【点评】液体蒸发的快慢是经常考查到的一个知识点，有时还以实验题的形式考查。如：探究液体蒸发的快慢与哪些因素有关，在此实验中同时也考查到了控制变量法的使用。
8．【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、书包的背带做得很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B、剪刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故B符合题意；
C、火车铁轨下铺枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D、坦克的履带做得很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。
故选：B。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
9．【分析】（1）生活中的水是导体，易造成触电；
（2）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
（3）高压线电压很高，不能靠近；
（4）当有人触电时，不能先进行抢救，要先断开电源。
【解答】解：A、生活中的水是导体，用湿手拨动空气开关易造成触电，故A错误；
B、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故B错误；
C、在高压线下放风筝，很容易造成触电事故，故C错误；
D、发现有人触电时，要及时切断电源，再实施抢救，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要求我们牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
10．【分析】（1）声音的传播靠介质，真空不能传声；
（2）声音由物体的振动产生；我们听到声音还要具备：有介质，声音的频率在20Hz～20000Hz之间。
（3）减弱噪声有三条途径，即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱。
（4）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：A、声音的传播靠介质，声音不可以在真空中传播，故A错误；
B、我们听到声音应具备的条件：有介质，声音的频率在20Hz～20000Hz之间，故B错误；
C、在公路两侧设置隔音墙，是在声音的传播过程中减弱噪声，为了减小噪声对居民区的影响，故C正确；
D、用大小不同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同，发出声音的响度就会不同，但其本身振动的频率不变，音调就不会变化，故D错误。
故选：C。
【点评】此题涉及到声音的传播，防治噪声的途径、音调与响度的区分等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
11．【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：
A、反复弯折铁丝，铁丝温度升高，是通过做功的方法改变铁丝的内能，故A正确；
B、金属勺放在热水中，金属勺的温度升高，是通过热传递的方式改变物体的内能，故B错误；
C、太阳暴晒，地面温度升高，是通过热传递的方式改变地面的内能，故C错误；
D、在茶中放入一些冰块，茶变凉，是通过热传递的方式改变茶的内能，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查改变物体内能的方式，要知道做功和热传递虽然都能改变物体内能，但热传递是内能的转移，而做功是内能与机械能的转化，两者的实质不一样。
12．【分析】（1）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
（2）根据凸透镜成倒立、放大实像的条件分析；
（3）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；
（4）投影仪是利用凸透镜成倒立、放大实像的原理制成的。
【解答】解：A、由图可知，此时物距小于像距，光屏上成倒立、放大的实像，故A错误；
B、保持透镜在50cm刻度线处不动，若将点燃的蜡烛放在光具座上35cm刻度线处，物距u＝50cm﹣35cm＝15cm，成倒立、放大实像，满足2f＞u＞f条件，即凸透镜焦距小于15cm，故B错误；
C、将蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距变小，像变小，故C错误；
D、投影仪是利用凸透镜成倒立、放大实像的原理制成的，故D正确。
故选：D。
【点评】熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实验中物距与像距的变化，判断成像的特点与规律是解答的关键。
13．【分析】（1）物体处于平衡状态时，受平衡力；
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（4）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。
【解答】解：A、弹簧测力计与物体A一起竖直向上做匀速直线运动，物体处于平衡状态，受平衡力，所以弹簧测力计的示数等于物体的重力，即等于3N．故A错误；
B、弹簧测力计与物体A一起竖直向上做匀速直线运动，物体质量不变，高度升高，重力势能增加。故B正确；
C、弹簧测力计与物体A一起竖直向上做匀速直线运动，物体质量不变，速度不变，动能不变。故C错误；
D、弹簧测力计与物体A一起竖直向上做匀速直线运动，弹簧测力计对物体A一个向上的拉力，物体A在拉力的方向上通过了一定距离，所以弹簧测力计对物体A的拉力做功。故D错误。
故选：B。
【点评】本题通过一个物理情境，考查了弹簧测力计的使用和读数、动能和势能的大小变化，力是否做功的判断判断等，有一定综合性，考查角度较新颖，是一道好题。
14．【分析】电路图可知，电阻箱R与滑动变阻器RP串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。保持滑动变阻器的滑片P位置不变时接入电路中的电阻不变，调节电阻箱使电阻箱的阻值R变大时电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和RP两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，利用P＝UI可知电路总功率的变化。
【解答】解：电路图可知，电阻箱R与滑动变阻器RP串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
保持滑动变阻器的滑片P位置不变，然后调节电阻箱使电阻箱的阻值R变大时，电路的总电阻变大，故A错误；
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B错误；
由U＝IR可知，RP两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C正确；
由P＝UI可知，电路的总功率变小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用串联电路的电压特点判断R两端的电压变化更简单。
15．【分析】（1）放入液体的物体完全相同，两个漂浮，由浮沉条件可知两物体所受浮力相等；
（2）由阿基米德原理公式可知两种液体的密度关系，由于液面相平，根据V液＝V﹣V排可知液体体积，利用m＝ρV即可比较液体的质量；
（3）根据静止在水平面上的物体对水平面上的压力等于其自身的重力，可判断出两容器对桌面的压力大小。
（4）根据液体压强公式得出对容器底部的压强关系。
【解答】解：
A、由图可知：V排M＞V排N，根据F浮＝ρ液V排g可知：ρA＜ρB；故A错误；
B、由题知，物体MN的质量相同，则物体的重力相等；由图可知：M在A液体、N在B液体中漂浮，所受到的浮力相等，都等于物体重。故B 错误；
C、已知AB两个容器完全相同，液面相平，则液体体积V液＝V﹣V排可知：VA＜VB，根据m＝ρV可知液体的质量为mA＜mB，则GA＜GB，由于物体MN的重力相等；所以F甲＜F乙，故C正确。
D、由于两容器液面等高，ρA＜ρB，根据p＝ρgh可知：pA ＜pB ．故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件、液体压强公式的掌握和运用，根据提供情景灵活选用公式分析判断是本题的关键。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共14分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．【分析】（1）浸在液体和气体中的物体都要受到浮力的作用；
（2）古代提水工具桔槔利用了杠杆原理
（3）地球是一个大磁体，周围存在磁场，叫做地磁场，地磁场对放入其中的小磁针产生磁力的作用；
（4）光在同一种均匀介质中沿直线传播。
【解答】解：A、孔明灯在上升过程中，受到重力小于受到浮力的作用，故A错误；
B、古代提水工具桔槔利用了杠杆原理，故B正确；
C、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以指南鱼能够指南北是受地磁场的作用，故C正确；
D、皮影表演时，生动的画面呈现在屏幕上是光的直线传播现象，故D错误。
故选：BC。
【点评】此类题主要还是要靠多熟悉相关例子，只有对课本和课后习题中的例子熟练了，才能较快地判断出这类题的答案。
17．【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角；在反射现象中光路是可逆的。
【解答】解：A、反射光线和入射光线分居法线两侧，符合反射定律的内容，故A正确；
B、反射光线、入射光线与法线在同一平面内；符合反射定律的内容，故B正确；
C、当入射光线靠近法线时，反射光线也靠近法线，故C错误；
D、在光的反射现象中，光路是可逆的，故D正确；
故选：ABD。
【点评】光的反射定律是光学的基本定律，我们应该熟记并能熟练运用其分析具体光路。
18．【分析】我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
【解答】解：（1）根据比较吸热能力的2种方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中应控制水和煤油的质量相同，A正确；
（2）由图2知，加热相同时间，水升温慢，由比较吸热能力的第2种方法，煤油的比热容小于水的比热容，B错误；
（3）根据转换法，加热相同时间，是为了使水和煤油吸收的热量相同，C正确；
（4）由图2知，升高相同的温度，煤油所需的加热时间更短，D错误；
故选：AC。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
19．【分析】（1）串联电路中，电流只有一条路径，各用电器相互影响，如其中一个损坏，另一个也不能工作；并联电路中，电流路径有多条，各支路用电器互不影响，如其中一条支路损坏，其余支路不受影响。
（2）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
（3）在电路中消耗电能的装置叫用电器（也叫负载）。
（4）有电二极管才发光，而风扇转动才形成了电。
【解答】解：A、由图乙可知，闭合开关，二极管和小电风扇的连接方式为并联。故A错误；
B、闭合开关，小电风扇正常工作时，此时电能减小，机械能增大，所以属于电能转化成了机械能，故B错误；
C、闭合开关，二极管发光，小电风扇转动，二极管发光和小电风扇都在电路中消耗电能，所以此时二极管和小电风扇均为用电器。故C正确；
D、断开开关，向小电风扇吹气，风扇转动，转动了才有电，使二极管发光，所以此时小电风扇相当于发电机，故D正确。
故选：CD。
【点评】此题考查串并联电路的识别、能量的转化、用电器的概念，以及发电机的构造和原理，是一道较为简单的电学题目。
20．【分析】本题用到物理学方法“推理法”即：规律不能直接用实验验证，只能在实验的基础上经过概括、抽象、推理得出。
【解答】解：A、扩散现象是大量物质微粒运动的宏观表现，所以可以推测分子是运动的，符合事实；
B、有电流通过灯泡时，灯泡就可能发光，所以可推测发光的灯泡中有电流，符合事实；
C、当小磁针受到力的作用时可发生偏转，所以可推测磁体周围有磁场，符合事实；
D、路灯同时亮、灭是开关作用的结果，不能推测它们的串并联情况，此选项不符合事实；
故选：ABC。
【点评】本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案。
21．【分析】首先确定物体是处于静止的状态，再明确它受到了哪些力的作用，和这些力的三要素分别是什么，才能对这些力的关系进行正确的辨别。
【解答】解：（1）物体A的质量不变，受到的重力不变，故A错误；
（2）对物体进行受力分析可知，物体受到向上的力有拉力F和支持力N2，受到向下的力只有重力G，物体在这三个力的作用下处于静止状态，若F逐渐增大，支持力N2减小，根据力的作用的相互性可知，压力N1减小。拉力F和支持力N2合力的大小与重力G的大小相等，重力G不变，合力大小不变。故AD错误，BC正确。
故选：BC。
【点评】受力分析是本题考查的主要知识，通过受力分析，明确各个力之间的关系，是我们应该重点锻炼的物理能力之一。
22．【分析】分析各图示情景，根据二次称重法、阿基米德原理等对各选项进行分析即可解答。
【解答】解：A、用弹簧测力计测出物体在空气中的重力，然后测出物体完全浸没在液体中时的拉力，二者之差即为物体受到的浮力。故A正确；
B、根据阿基米德原理可知物体受到的浮力等于其排开液体的重力，所以测出小桶的重力，然后测出小桶和溢出水的总重力，二者之差即为物体受到的浮力。故B正确；
C、利用托盘天平测出水和烧杯的质量，再测出物体、液体和烧杯的总质量，无法得到物体受到的浮力大小。故C错误；
D、用量筒测出水的体积，然后将物体浸没在水中，测出此时水的体积，二者之差即为物体排开水的体积，然后利用重力和密度公式求出水的重力，即为物体受到的浮力，故D正确。
故选：ABD。
【点评】此题考查浮力的测量实验，要求学生熟练掌握浮力大小的计算方法，分析清楚图片是正确解答此题的关键。
三、实验解答题（共37分，23、24、25、31、32、33题各2分，27、29、30、34题各3分，26、28题各4分，35题5分）
23．【分析】电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW?h。
【解答】解：从电能表上可以看出电能表的示数为20186，最后一位是小数，单位是kW?h，故电能表的读数为2018.6kW?h。
故答案为：2018.6。
【点评】本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表的最后一位是小数，单位是kW?h。
24．【分析】利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性。
【解答】解：电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为N极。
故答案为：N。
【点评】此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一。
25．【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
【解答】解：
由图可知，AB是力F的作用线，OA⊥AB，OA为支点到力F的作用线的距离，所以线段OA表示力F的力臂。
故答案为：OA。
【点评】本题考查了力臂概念，注意力臂是从支点到力的作用线的距离，不是支点到作用点的距离。
26．【分析】（1）使用天平前要调节天平平衡，把天平放在水平台上，把游码移到横梁标尺的零刻度线处，移动平衡螺母（左偏右调、右偏左调），使天平横梁在水平位置平衡。根据图甲读出烧杯和液体的总质量等于砝码总质量加上游码显示数值；
（2）量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平，既不能仰视，也不能俯视；根据图乙读出液体的体积，单位是ml，1ml＝1cm3；
（3）利用密度公式求液体的密度。
【解答】解：（1）实验之前，应将天平、量筒放在水平台面上。
由图甲可知，烧杯和液体的总质量m总＝100g+20g+2g＝122g；
（2）由图乙可知，量筒中液体的体积为V＝40mL＝40cm3；
（3）量筒中液体的质量：m＝m总﹣m剩＝122g﹣74g＝48g，
液体的密度：ρ＝＝＝1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3
故答案为：（1）水平； 122；（2）40；（3）1.2×103
【点评】此题是测量液体的密度，主要考查了有关天平及量筒的读数，同时考查了密度的计算。在此实验中，要掌握测量液体密度的方法，通过量筒中液体的质量和体积来进行计算。
27．【分析】（1）固体分晶体和非晶体，晶体和非晶体的重要区别：是否有熔点。根据在熔化过程中，吸收热量，晶体温度保持不变，不变的温度是晶体的熔点；
（2）晶体熔化过程中，吸收热量，温度保持不变。
【解答】解：（1）（2）由表格中数据可以看出，石蜡没有固定的熔化温度，所以是非晶体；
海波在4到9分钟时间内温度保持48℃不变，所以海波是晶体，海波的熔点是48℃。
（3）海波在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变。
故答案为（1）海波；（2）48；（3）吸收。
【点评】此题主要考查的是学生对数据的分析和处理能力，以及对晶体的熔点和熔化过程中物理规律的正确理解。晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变。
28．【分析】（1）电压表与灯并联；
（2）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求灯泡L的额定功率。
【解答】解：（1）电压表与灯并联，如下所示：
（2）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过小灯泡L的电流为0.3A，灯泡L的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。
故答案为：（1）如上图； （2）右； （3）0.3； 0.75。
【点评】本题测灯的功率，考查电路的连接、操作过程及电流表读数和功率的计算。
29．【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）钩码在支点的右侧，要使杠杆平衡，应在支点右侧竖直向上拉动杠杆；
根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，判断出F1的方向。
【解答】解：
（1）将杠杆悬挂在支点O上，结果发现左端高于右端，说明右端偏重，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向上翘的左端移动；
（2）如图乙所示，A点挂三个钩码，钩码对杠杆的拉力使杠杆逆时针转动；使杠杆在水平位置平衡，则力F1的方向应竖直向上，是杠杆顺时针转动；
故答案为：（1）左；（2）逆时针；竖直向上。
【点评】此题是探究杠杆的平衡条件实验，考查了杠杆的调节及平衡条件的应用，常见题目。
30．【分析】（1）做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体的内能增大，其它形式的能转化为内能；物体对外界做功，物体本身的内能减小，内能转化为机械能。
（2）液化是由气态变成液态的过程；
（3）汽化由液态变成气态的过程。
【解答】解：用打气筒往瓶里打气，当瓶塞被崩起时，瓶内的空气对瓶塞做功，空气的内能转会化为塞子的机械能，空气的内能减小，温度降低；空气中的水蒸气遇冷发生液化现象，凝结成小水滴，这就是在瓶口看到的“白气”；
在“白雾”尚未消失时，迅速塞紧瓶塞，向瓶中慢慢打气，塞子的机械能会转化为空气的内能，外界对空气做功，空气的内能增加，温度升高，小水滴汽化成水蒸气，“白雾”迅速消失。
故答案为：液化； 外界对空气做功，空气内能增加，白雾发生了汽化。
【点评】此题主要考查的知识点有两个：一是做功可以改变物体的内能；二是液化的定义和液化的两种方法﹣﹣降低温度和压缩体积。
31．【分析】（1）由欧姆定律求出电路的最大电流与电流表分度值比较分析；
（2）由欧姆定律，可增大电源电压。
【解答】解：（1）测电阻的原理是R＝，测量未知电阻Rx阻值约为200Ω，电源电压恒为3V，由欧姆定律，电路的最大电流：
I＝＝＝0.015A，小于电流表分度值为0.02A，故不能测量出通过其的电流大小，故无法测出Rx的阻值。
（2）为测量出通过其的电流大小，更换电压更大的电源，如电压是12V的电源。
故答案为：（1）过小；
（2）更换电压更大的电源，如电压是12V的电源。
【点评】本题测量未知电阻Rx阻值，考查对实验方案的评估。
32．【分析】根据题中信息提出合理的可探究性物体。
【解答】解：根据“他组装好器材后，发现双锥体只能滚动到轨道中央A位置，如图乙所示，聪明的小李尝试改变两个轨道的夹角，成功的让双锥体滚到了轨道的最高处B位置，小李发现两次实验双锥体滚动的距离不同“知：双锥体在轨道上滚动的距离与轨道夹角的角度有关，故提出：双锥体在轨道上滚动的距离与轨道夹角的角度是否有关？的问题。
故答案为：双锥体在轨道上滚动的距离与轨道夹角的角度是否有关？
【点评】本题考查了学生根据题中信息解答问题的能力，难度不大。
33．【分析】由表格数据可知，随着物重的增加，拉力均匀增大，即物重每增加3N，拉力增大1.2N，可见拉力F与重力G的关系为一次函数关系，设F＝kG+b，任选表格两列数据列方程求出k、b的大小，得出拉力F与重力G的关系式
【解答】解：
由表格数据可知，随着物重的增加，拉力均匀增大，即物重每增加3N，拉力增大1.2N，
所以，拉力F与重力G的关系为一次函数关系，设F＝kG+b，
由表格第二、第三列的数据可得：
0.5N＝k×1N+b﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
1.3N＝k×3N+b﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
②﹣①得：k＝0.4，
将k＝0.4代入①得：b＝0.1N；
所以拉力F与重力G的关系式是：F＝0.4G+0.1N，
当G＝8N时，拉力F＝0.4G+0.1N＝0.4×8N+0.1N＝3.3N。
故答案为：3.3。
【点评】本题考查了学生的归纳分析能力，是实验类考查的热点，只要细心，一般能得出正确结论。
34．【分析】已知台秤经过改装可直接显示托盘所受的压力大小，可选用重力不同的铁块AB分别放在台秤托盘中，向上提铁块B，不向上提A，比较台秤的示数即可证明。
【解答】答：（1）将台秤放在水平桌面上，把重为G1的铁块A放在台秤托盘中，此时台秤的示数为F，即金属块对台秤的压力大小。
（2）将重力为G2的铁块B（G2＞G1）放在台秤托盘中，向上提铁块B，使台秤的示数仍为F。
因为G2＞G1，两次铁块A、B对台秤的压力相同，所以，小亮的观点是错误的。
【点评】此题要注意压力与重力是性质完全不同的两个力，有时甚至没有任何关系，只有在物体静止地放在水平桌上时，二者的方向和大小才一致。
35．【分析】探究物体在水中所受的浮力的大小与排开水的体积成正比即F浮＝kV，应控制液体的密度不变，改变物体排开的液体的体积。
【解答】解：（1）实验步骤：
①在量筒中装入适量的水，读出此时水的体积为V0．用细线将实心圆柱体挂在调好的弹簧测力计的挂钩上，读出实心圆柱体的重力为G，将V0、G的数据记录在表格中。
②让实心圆柱体的一部分浸入量筒的水中，并处于静止状态，读出此时水面对应的刻度值为V1和此时弹簧测力计的示数F，将V1、F的数据记录在表格中。
③改变实心圆柱体浸入水中的体积5次，仿照步骤（2），分别读出此时水面对应的刻度值V1和此时弹簧测力计的示数F，将V1、F的数据记录在表格中。
④根据公式V＝V1﹣V0和F浮＝G﹣F分别计算出实心圆柱体排开液体的体积V和实心圆柱体所受的浮力F浮，将V、F浮的数据记录在表格中。
（2）实验数据表格：
V0/cm3 V1/cm3 V/cm3 G/N F/N F浮/N 【点评】此题通过让学生设计实验探究浮力大小与V排之间的关系，考查的是学生设计实验方案的能力，要求学生熟练的掌握浮力测量的方法﹣﹣﹣称重法（F浮＝G﹣F拉）的有关知识。
四、解答题（共1小题，满分3分）
36．【分析】（1）根据题干中“将太阳光反射至塔尖的集热系统上”确定“定日镜”的类型；
（2）根据题干中“集热器通过收集太阳能，将塔内的传热介质加热为高温高压蒸汽，再由蒸汽推动汽轮机，汽轮机带动发电机发电”得出太阳能热塔式发电过程中有哪些能量转化；
（3）根据太阳能是清洁无污染、可再生的能源分析解答。
【解答】解：（1）根据题干中“将太阳光反射至塔尖的集热系统上”可知，“定日镜”属于面镜；
（2）由题干可知，集热器通过收集太阳能，将塔内的传热介质加热为高温高压蒸汽时太阳能转化为内能，再由蒸汽推动汽轮机可知蒸汽的内能转化为机械能，最后根据汽轮机带动发电机发电可知机械能转化为电能，所以太阳能热塔式发电过程中能量的转化过程为太阳能→内能→机械能→电能；
（3）太阳能光伏发电比传统的火力发电更有前景，太阳能光伏发电安全可靠，无噪声，无污染排放外，绝对干净（无公害），不会造成环境污染等。
答：（1）面镜；
（2）太阳能热塔式发电过程中能量的转化：太阳能→内能→机械能→电能；
（3）太阳能发电比火力发电环保。
【点评】本题以太阳能热塔式发电为背景考查了学生对面镜特点、能量的转化、太阳能的优点的理解与掌握，关键是根据题意得出相关的信息。
五、计算题（共6分，每小题3分）
37．【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表测通过R2支路的电流。
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源两端的电压；
（2）根据欧姆定律求出通过R1支路的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表测通过R2支路的电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，电源两端的电压：
U＝I2R2＝0.2A×30Ω＝6V；
（2）通过R1支路的电流：
I1＝＝＝0.3A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I＝I1+I2＝0.3A+0.2A＝0.5A，
则电路消耗的总功率：
P＝UI＝6V×0.5A＝3W。
答：（1）电源两端的电压为6V；
（2）电路消耗的总功率为3W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
38．【分析】（1）知道物体重和上升的高度，利用W有用＝Gh求出有用功，
（2）利用W＝Pt求总功；求出了有用功和总功，利用机械效率公式求滑轮组的机械效率。
【解答】解：
（1）有用功：W有＝Gh＝1200N×2m＝2400J；
（2）物体A以1m/s的速度匀速上升了2m，
由v＝得，物体运动的时间（即做功时间）：
t＝＝＝2s，
拉力做功：W总＝Pt＝1500W×2s＝3000J，
滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）拉力F所做的有用功为2400J；
（2）滑轮组的机械效率是80%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，掌握速度公式、机械效率公式是解题的关键。
1 / 9
图1
A
手影
C
荷花在水中的倒影
B
小孔成像
D
直的花茎“错位”了
图2
笔记本电脑
A
电饭锅
B
手机
C
电风扇
D
图3
A
冰壶表面打磨的很光滑
C
汽车轮胎上刻有花纹
B
行驶的磁悬浮列车 车身不接触导轨
D
给自行车的后轴上机油
图4
A
B
C
D
坦克的履带做得很宽大
书包的背带做得很宽
剪刀刃做得很薄
火车铁轨下铺枕木
0
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
cm
图5
P
V
A
R
S
图
R
图7
A
甲
M
乙
B
B
N
图8
孔明灯 桔槔 指南鱼 皮影
图9
钢勺在水面处折断了钢勺在水面处折沙滩上有白鸽断了
A
N
B
M′
O
M
煤油
水
图11
水
煤油
T/℃
t/min
0
图12
图13
小电风扇
M
S
发光二极管
A
图14
图15
A B C D
图17
16
图18
C
A
B
O
F
单项电能表
kW(h
220V 10(20)A 50Hz
2500r/kW(h
2
0
1
8
6
图19
甲
mL
100
80
20
60
40
100g
20g
1
0
2
3
4
5g
丙
乙
图20
甲
S
P
L
O
A
B
O
图21
乙
甲
R
A
V
RX
S
图23
图26
图24
图25
A B
甲
图27
图28
图29
图30
A
R1
S
R2
F
A
图31
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